javascript – 如何让jQuery ajax执行错误功能

我环顾四周并按照this post上的说明操作,但我仍然无法执行错误功能.我想要做的是让我的PHP脚本返回错误或成功以及消息.最终它将是从数据库返回的数据,将被放入div中,但是现在我只需要让错误处理工作.我希望有人可以帮助我解决这个问题.我在下面提供了我的代码.

这显然是我的AJAX请求.

function getProductInfo() {
    if($("#serialNumber").val() != '') {
        serialNumber = $("#serialNumber").serialize();
        $.ajax({
            type: "POST",
            url: 'post.PHP',
            data: serialNumber + "&getSerialNumber=" + 1,
            dataType: 'json',
            success: function(data, textStatus, jqXHR) {
                console.log("SUCCESS");
            },
            error: function(jqXHR, textStatus, errorThrown) {
                console.log("ERROR");
            }
        });
    }
}

这是我的PHP函数,它将以JSON的形式返回错误和消息

function getSerialNumber() {
    $serial = $_POST['serial'];
    $product = new Inventory;

    if($product->GetSerial($serial)) {
        $productInfo = $product->GetSerial($serial)->first();
        echo '{"error": false, "message": "Successfully got serial number"}';
    } else {
        echo '{"error": true, "message": "Failed to get serial number"}';
    }
}

作为当前的代码,只要它确实有错误,它将只保持输出SUCCESS.

解决方法:

您需要发送200以外的http状态代码：

if($product->GetSerial($serial)) {
    $productInfo = $product->GetSerial($serial)->first();
    header('Content-Type: application/json', true, 200);
    die(json_encode(["error"=> false, "message"=> "Successfully got serial number"]));
} else {
    header('Content-Type: application/json', true, 400);
    die(json_encode(["error"=> true, "message"=> "Failed to get serial number"]));
}

另外,在发送json时,相应地设置内容类型,并且永远不要尝试手动构建json字符串,而是使用内置的json_encode函数,并且最好使用die()或exit()而不是echo,以避免任何意外的额外输出

也就是说,虽然发送适当的状态代码似乎是一个好主意,但您可能会发现总是返回200并解析响应更容易,并保留错误处理程序以应对意外错误